13. Ранг и дефект на линеен оператор.
Нека V е линейно пространство над полето F;
нека Hom (V);
Дефинираме:
Im = { (v) | v V } V; очевидно Im ;
ще докажем, че Im е подпространство на V;
нека x, y Im и , F; тогава съществуват v1, v2 V, такива че
(v1) = x, (v2) = y; в такъв случай .x + .y = . (v1) + . (v2) =
= (.v1 + .v2); тъй като V е линейно пространство .v1 + .v2 V (.v1 + .v2) Im , т.е. .x + .y Im
Im е подпространство на V;
Im се нарича образ на оператора ;
Ker = { v V | (v) = } V; очевидно Ker ;
ще докажем, че Ker е подпространство на V;
нека x, y Ker и , F; тогава (.x + .y) = . (x) + . (y) =
= . + . = .x + .y Ker Ker е подпространство на V;
Ker се нарича ядро на оператора ;
Нека dimV < ;
Дефинираме:
r () = dim Im - ранг на оператора ;
d () = dim Ker - дефект на оператора ;
Примери:
за = , (v) = за всяко v V Im = { }, Ker = V;
за = , (v) = v за всяко v V Im = V, Ker = { };
за V = Fnxn, Hom (V) дефинирано с ( А ) = Аt за всяка матрица A V Im = V, Ker = { };
Твърдение 1: Нека dimV < и Hom (V); тогава r () = r (A), където А е матрицата на спрямо кой да е базис на V;
Доказателство:
Нека dimV = n; e1, e2, …, en е базис на V;
нека спрямо този базис има матрица А;
за всяко v V съществува единствен запис v = 1.e1 + 2.e2 + … + n.en;
всеки вектор от Im има вида (v) за някое v V, т.е.
1. (е1) + 2. (е2) + … + n. (еn) Im = ℓ ( (е1), (е2), …, (еn));
r () = dim Im = dim ℓ ( (е1), (е2), …, (еn)) =
r ( (е1), (е2), …, (еn)) = ранга на матрицата със стълбове координатите на (е1), (е2), …, (еn) = r (A);
по дефиниция числото r () не зависи от никакъв базис ако
А и А са матрици на оператора спрямо два базиса
r (A) = r () = r (A), т.е. r (A) = r (A);
Теорема за ранга и дефекта: Нека dimV < и Hom (V); тогава
r () + d () = dim V;
Доказателство:
Нека d = d (), т.е. d = dim Ker ; нека n = dimV;
Ker V d n;
избираме базис на Ker : a1, a2, …, ad (ако d > 0);
a1, a2, …, ad – линейно независими вектори съществуват
ad+1, ad+2, …, ad+n V, такива че а1, а2, …, an e базис на V (ако d < n);
Разглеждаме векторите (ad+1), (ad+2), …, (an);
очевидно (ai) Im за i = d+1, d+2, …, n; ще докажем, че тези вектори образуват базис на Im ;
нека y Im съществува x V, така че (x) = y;
тъй като x = 1.a1 + 2.a2 + … + n.an, i F
y = (x) = 1. (a1) + 2. (a2) + … + d. (ad) + d+1. (ad+1) + … + n. (an), но a1, a2, …, ad Ker (a1) = (a2) = … = (ad) =
y = d+1. (ad+1) + d+2. (ad+2) +… + n. (an), т.е.
y ℓ ( (ad+1), (ad+2), …, (an)) Im = ℓ ( (ad+1), (ad+2), …, (an)); (1)
Нека d+1. (ad+1) + d+2. (ad+2) + … + n. (an) = , i F;
(d+1.ad+1 + d+2.ad+2 + … + n.an) =
d+1.ad+1 + d+2.ad+2 + … + n.an Ker d+1.ad+1 + d+2.ad+2 + … + n.an = 1.a1 + 2.a2 + … + d.ad, i F 1.a1 + 2.a2 + … + d.ad - d+1.ad+1 -
- d+2.ad+2 - … - n.an = , но a1, a2, …, an са линейно независими
1 = 2 = … = d = d+1 = d+2 = … = n = 0 (ad+1), (ad+2), …, (an) са линейно независими вектори; (2)
от (1) и (2) (ad+1), (ad+2), …, (an) са базис на Im
r () = dim Im = n – d = dimV – d () r () + d () = dimV;
Нека dimV = n < , Hom (V);
е обратим, ако съществува Hom (V), такъв че . = . = ;
се нарича обратен оператор на ;
нека спрямо произволен базис има матрица А, има матрица B . има матрица A.B, има матрица Е A.B = B.A = E A e обратима и B = A-1; показахме, че необходимо условие за обратимост на оператора е неговата матрицата А да е неособена; тогава има матрица А-1 и е единствен; означаваме обратния оператор на с -1;
Твърдение 2: Следните условия са еквивалентни:
-
е обратим;
-
матрицата А на спрямо произволен базис е неособена;
-
r () = dimV, т.е. Im = V;
-
d () = 0, т.е. Ker = { };
-
изпраща кой да е базис на V в друг базис на V;
Доказателство: ще проведем доказателството по следната циклична схема от импликации 1) 2) 3) 4) 5) 1);
Нека n = dimV;
-
1) 2): доказано по-горе като необходимо условие;
-
2) 3): А е неособена detA 0 r (A) = n, но r () = r (A) r () = n = dimV;
-
3) 4): от r () = dimV и теорема за ранга и дефекта
d () = dimV – r () = 0;
-
4) 5): нека d () = 0, т.е Ker = { }; нека e1, e2, …, en е
базис на V; нека 1. (e1) + 2. (e2) + …+ n. (en) =
(1.e1 + 2.e2 + … + n.en) = 1.e1 + 2.e2 + … + n.en Ker = { } 1.e1 + 2.e2 + … + n.en = 1 = 2 = … = = n = 0, тъй като e1, e2, …, en са линейно независими вектори (e1), (e2), …, (en) също са линейно независими и са n на брой (e1), (e2), …, (en) е базис на V;
-
5) 1): нека e1, e2, …, en е базис на V; тогава g1 = (e1), g2 = (e2), …, gn = (en) също е базис на V; от въпрос №11 съществува единствен линеен оператор : (gi) = ei за всяко i = 1, 2, …, n; тъй като (.)(ei) = ( (ei)) = (gi) = ei (.)(x) = x за всяко x V . = (аналогично . = ) e обратим;
Сподели с приятели: |